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【OJ题解】C++实现字符串大数相乘:无BigInteger库的字符串乘积解决方案

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🦄个人专栏:【数据结构初阶】 【C语言】 【C++】 【OJ题解】

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目录

  • 1. 引言
  • 2. 题目分析
    • 示例:
  • 3. 解题思路
  • 4. C++代码实现
  • 5. 代码详解
  • 6. 时间和空间复杂度分析
  • 7. 边界情况分析
  • 8. 总结

1. 引言

在开发中,有时我们需要处理超出标准整数范围的大数运算。例如,两个200位的数字相乘,结果可能多达400位,而这远超出intlong的存储能力。本教程将深入讲解如何使用C++实现字符串形式的数字相乘,完全不依赖BigInteger或类似大数库的支持。

2. 题目分析

题目要求我们给定两个非负整数字符串num1num2,返回它们的乘积结果字符串。考虑到每个字符串长度可能达200位,所以乘积结果最多有400位,我们不能简单地将字符串转成整数相乘。相反,我们可以通过模拟手动乘法的方式来解决这个问题。

C++实现字符串大数相乘题目链接

示例:

  • 示例 1:
    • 输入:num1 = "2"num2 = "3"
    • 输出:"6"
  • 示例 2:
    • 输入:num1 = "123"num2 = "456"
    • 输出:"56088"

3. 解题思路

该题目可以用模拟手动乘法来实现。我们可以把计算步骤划分如下:

  1. 逐位相乘:倒序遍历两个字符串,将每一位相乘,计算出相应的部分积。
  2. 累加进位:在累加结果时,处理进位并确保每个位的值不超过9。
  3. 去除前导零:最终结果可能有前导零,将其去除。

4. C++代码实现

以下为详细的C++代码实现:

class Solution {
public:
    string multiply(string num1, string num2) {
        // 特殊情况:如果任意一个数字为 "0",返回 "0"
        if (num1 == "0" || num2 == "0") {
            return "0";
        }
        
        // 初始化结果字符串,长度为 num1.size() + num2.size()
        size_t n1 = num1.size();
        size_t n2 = num2.size();
        string result(n1 + n2, '0');
        
        // 倒序遍历 num1 和 num2
        for (int i = n1 - 1; i >= 0; i--) {
            for (int j = n2 - 1; j >= 0; j--) {
                // 将字符转换为整数
                int x = num1[i] - '0';
                int y = num2[j] - '0';
                int mul = x * y; // 单个位的乘积
                
                // 确定结果中的位置
                int p1 = i + j;       // 进位位置
                int p2 = i + j + 1;   // 当前位位置
                
                // 叠加当前的乘积到结果
                int sum = mul + (result[p2] - '0');
                result[p2] = (sum % 10) + '0';    // 当前位
                result[p1] += sum / 10;           // 进位
            }
        }
        
        // 去除前导零
        size_t startpos = result.find_first_not_of('0');
        if (startpos != string::npos) {
            return result.substr(startpos);
        }
        
        return "0";
    }
};

5. 代码详解

  • 特殊情况处理:首先检查num1num2是否为"0",若是则直接返回"0"

  • 结果初始化:使用string result(n1 + n2, '0')初始化结果字符串,长度为n1 + n2,确保足够容纳乘积结果。初始值为’0’,便于后续累加操作。

  • 倒序遍历相乘

    • 字符转数字num1[i] - '0'num2[j] - '0'用于将字符转为整数。
    • 单个位乘积:计算单个位乘积 mul = x * y
    • 位置确定p1p2分别表示当前乘积的进位位置和当前位位置。
    • 累加到结果:通过sum = mul + (result[p2] - '0')将当前乘积叠加到结果字符串中,并更新result[p2]为当前位,同时将进位累加到result[p1]
  • 去除前导零result.find_first_not_of('0')找到第一个非零位的索引,如果找到则返回从该位置截取的子字符串,否则返回"0"。

6. 时间和空间复杂度分析

  • 时间复杂度:O(n * m),其中nmnum1num2的长度。每一位的乘积与累加均在常数时间完成。
  • 空间复杂度:O(n + m),结果字符串的存储需求。

7. 边界情况分析

  • 输入为"0":任何一个输入为"0"时,结果直接为"0"。
  • 输入较短或较长:该算法不依赖特定的输入长度,能够处理长达200位的输入。
  • 前导零问题:代码中通过 find_first_not_of 函数有效移除了前导零,确保结果的正确性。

8. 总结

本算法通过手动模拟乘法的方式实现了字符串表示的大数乘法。在未来优化中,可以考虑更高效的大数乘法算法(如Karatsuba算法),进一步降低时间复杂度。

希望这篇文章能帮助大家更好地理解字符串乘法的实现原理,提升解决大数计算的能力。


http://www.kler.cn/a/380819.html

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