【贪心算法】区间类算法题（整数替换、俄罗斯套娃、重构字符串等、C++）
文章目录
- 1. 前言
- 2. 算法题
- 1.整数替换
- 2.俄罗斯套娃信封问题
- 3.可被三整除的最大和
- 4.距离相等的条形码
- 5.重构字符串
1. 前言
贪心算法（Greedy Algorithm）是一种在每一步选择中都采取当前状态下最优决策的算法。贪心算法通常用来解决最优化问题，其核心思想是通过局部最优解逐步推导出全局最优解。
在贪心算法中，我们并不总是考虑到未来可能发生的情况，而是只关注当前的最优选择。这种贪心选择性质使得贪心算法特别适合解决那些具有最优子结构性质的问题，即局部最优解能够推导出全局最优解的问题。
贪心算法的基本思路可以总结为以下几步：
- 确定问题的最优子结构：问题的最优解可以通过子问题的最优解逐步推导得到。
- 构造贪心选择：在每一步都做出当前状态下的最优选择，即局部最优解。
- 证明贪心选择性质：证明每一步的贪心选择都是最优的，能够推导出全局最优解。
需要注意的是，贪心算法并不适用于所有的问题，因为并非所有问题都具有最优子结构性质。在某些情况下，贪心算法得到的结果可能并不是全局最优解，而只是一个较好的解。因此，在应用贪心算法时，需要仔细分析问题的特性，以确定贪心算法是否适用于该问题。
2. 算法题
1.整数替换
思路
题目求解将整数 n 转换为 1 的最小操作次数。操作可以是将 n 变为 n/2（当 n 是偶数时）或将 n 增加或减少 1（当 n 是奇数时）：
- 如果
n是偶数：直接将n除以 2，并增加操作计数ret。 - 如果
n是奇数：- 特例：当
n是 3 时，直接将其变为 1，共需要两次操作。 - 一般情况：根据
n的末尾二进制位判断操作：- 末尾为 01：
n % 4 == 1，则将n减 1 并除以 2。 - 末尾为 11：
n % 4 == 3，则将n加 1 并除以 2。
- 末尾为 01：
- 特例：当
代码
class Solution {
public:
int integerReplacement(int n) {
// 贪心
int ret = 0;
while(n > 1)
{
if(n % 2 == 0)
{
n /= 2;
++ret;
}
else
{
// 以二进制进行分析
if(n == 3){
ret += 2;
n = 1;
} else if (n % 4 == 1) { // ....01
n = (n - 1) / 2;
ret += 2;
} else { // ...11
n = n / 2 + 1;
ret += 2;
}
}
}
return ret;
}
};
2.俄罗斯套娃信封问题
思路
题目要求解“俄罗斯套娃信封”问题，即找出能在彼此中嵌套的最大信封数目。核心思路是：贪心 + 二分
-
排序：首先对信封按左端点升序排序，如果左端点相同，则按右端点降序排序。这确保了左端点相同的信封不会嵌套。
-
贪心 + 二分搜索：
- 使用一个动态数组
ret来存储当前有效的信封序列的右端点。 - 遍历每个信封的右端点
b：- 如果
b大于ret的最后一个元素，表示可以将b追加到ret的末尾。 - 否则，使用二分搜索在
ret中找到第一个不小于b的位置，并替换该位置的值，以维持ret的非递减顺序。
- 如果
- 使用一个动态数组
-
返回结果：
ret的大小即为最大嵌套信封的数目。
这个算法的时间复杂度为 O(n log n)，其中 n 是信封的数量。
class Solution {
public:
int maxEnvelopes(vector<vector<int>>& envelopes) {
sort(envelopes.begin(), envelopes.end(), [&](const vector<int>& v1, const vector<int>& v2){
// 左端点不同，则按左端点排序; 左端点相同，则按右端点排序降序
return v1[0] != v2[0] ? v1[0] < v2[0] : v1[1] > v2[1];
});
// 贪心 + 二分优化
vector<int> ret;
ret.push_back(envelopes[0][1]);
for(int i = 1; i < envelopes.size(); ++i)
{
int b = envelopes[i][1];
if(b > ret.back())
{
ret.push_back(b);
}
else
{
// 二分: 到第一个大于或等于当前元素的位置
int left = 0, right = ret.size() - 1;
while(left < right)
{
int mid = (left + right) >> 1;
if(ret[mid] >= b) right = mid;
else left = mid + 1;
}
ret[left] = b;
}
}
return ret.size();
}
};
3.可被三整除的最大和
思路
题目要求计算一个数组 nums 中的最大和，使其能被3整除。具体步骤如下：
-
初始化变量：
sum记录数组总和，x1,x2分别记录%3 == 1的最小和次小数，y1,y2记录%3 == 2的最小和次小数。 -
遍历数组：累加
sum，同时更新x1,x2,y1,y2记录对应的最小值。 -
分类讨论：
- 如果
sum % 3 == 0，则sum已经可以被3整除，直接返回。 - 如果
sum % 3 == 1，考虑去掉%3 == 1的最小值或去掉%3 == 2的最小两个值（以保证总和能被3整除），取两者的最大值。 - 如果
sum % 3 == 2，类似地，考虑去掉%3 == 2的最小值或去掉%3 == 1的最小两个值，取两者的最大值。
- 如果
-
返回结果：如果没有满足条件的结果，返回
-1。
代码
class Solution {
public:
int maxSumDivThree(vector<int>& nums) {
const int INF = 0x3f3f3f3f;
// x1,x2: 标记%3==1的数 的最小与次小数
// y1,y2: 标记%3==2的数 的最小与次小数
int sum = 0, x1 = INF, x2 = INF, y1 = INF, y2 = INF;
for(auto num : nums)
{
sum += num;
if(num % 3 == 1)
{
if(num < x1) x2 = x1, x1 = num;
else if(num < x2) x2 = num;
}
else if (num % 3 == 2)
{
if(num < y1) y2 = y1, y1 = num;
else if(num < y2) y2 = num;
}
}
// 分类讨论
if(sum % 3 == 0) return sum;
else if (sum % 3 == 1) return max(sum - x1, sum - y1 - y2);
// else return max(sum - y1, sum - x1 - x2);
else if (sum % 3 == 2) return max(sum - y1, sum - x1 - x2);
return -1;
}
};
4.距离相等的条形码
思路
题目要求重新排列 barcodes 中的元素，使得相同元素不相邻。下面是代码的步骤：
-
统计元素频率：使用
unordered_map记录每个元素的出现次数，并找到出现次数最多的元素maxVal和其出现次数maxCount。 -
插入最多的元素：在结果向量
ret的偶数位置（0, 2, 4, ...）中填充最多出现的元素maxVal。 -
插入其余元素：将其他元素插入到结果向量中，首先填充偶数位置后，如果偶数位置已满，则从奇数位置开始填充。
-
返回结果向量：生成的向量符合要求，即相同元素不相邻。
代码
class Solution {
public:
vector<int> rearrangeBarcodes(vector<int>& barcodes) {
unordered_map<int, int> hash; // 用于记录出现次数最多的那个数
int maxVal = 0, maxCount = 0;
for(auto x : barcodes)
{
if(maxCount < ++hash[x])
maxVal = x, maxCount = hash[x];
}
// 插入出现次数最多的那个元素maxVal
vector<int> ret(barcodes.size());
int index = 0;
for(int i = 0; i < maxCount; ++i)
{
ret[index] = maxVal;
index += 2;
}
// 插入其余元素
hash.erase(maxVal);
for(auto [a, b] : hash)
{
// 根据每一位的次数插入
for(int i = 0; i < b; ++i)
{
// 超出数组范围后从奇数开始插入元素
if(index >= barcodes.size()) index = 1;
ret[index] = a;
index += 2;
}
}
return ret;
}
};
5.重构字符串
思路
题目要求重排字符串 s，使得相同字符不相邻。代码步骤如下：
-
统计字符频率：使用
unordered_map记录每个字符的出现次数，并找出出现次数最多的字符maxCh和其出现次数maxCount。 -
检查可重排性：如果
maxCount超过(n + 1) / 2，则无法重排，直接返回空字符串。 -
填充结果字符串：
- 处理最多的字符：首先将出现次数最多的字符
maxCh插入到结果字符串的所有偶数位置（0, 2, 4, ...）。 - 处理其余字符：将其余字符插入到结果字符串的空闲位置中，先填充偶数位置，如果偶数位置填满，则转到奇数位置。
- 处理最多的字符：首先将出现次数最多的字符
-
返回结果字符串：生成的字符串符合要求，确保相同字符不相邻。
代码
class Solution {
public:
string reorganizeString(string s) {
unordered_map<char, int> hash; // 统计字符以及出现次数
// 找出现次数最多的字符
char maxCh = ' ';
int maxCount = 0, n = s.size();
for(auto ch : s)
{
if(maxCount > (n + 1) / 2) return ""; // 不能重构
if(maxCount < ++hash[ch])
{
maxCount = hash[ch];
maxCh = ch;
}
}
// 处理出现次数最多的字符
int index = 0;
string ret(n, ' '); // 结果字符串
for(int i = 0; i < maxCount; ++i)
{
// ret.insert(index, 1, maxCh);
ret[index] = maxCh;
index += 2;
}
// 处理其余字符
hash.erase(maxCh);
for(auto [a, b] : hash)
{
// 对每个元素进行次数插入
for(int j = 0; j < b; ++j)
{
if(index >= n) index = 1;
ret[index] = a;
index += 2;
}
}
return ret;
}
};