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《剑指Offer》笔记题解思路技巧优化——精心编写（1）

article 2024/12/22 9:12:29

和你一起轻松愉快的刷题

一、前言

为了方便阅读，完整笔记分为两篇文章，第（1）篇题目为1-38题，第（2）篇题目为39-75题。
所有题目均来自《剑指 Offer（第 2 版）》。
截止到编写文章时，所有题解代码均可通过LeetCode在线评测，即AC。
笔记中一些题目给出了多种题解和思路，本笔记大多数题解都是较为完美的解法，消耗时间和空间较少。
由于作者水平有限，欢迎大家指教，共同交流学习。
最后祝大家刷题愉快。

二、开始刷题

剑指 Offer 03. 数组中重复的数字

哈希表判重

遍历数组元素，加入到哈希表中，当出现重复时，返回该元素。

class Solution {
public:
    int findRepeatNumber(vector<int>& nums) {
        unordered_map<int, bool> hash;
        for(int num: nums){
            if(hash[num])
                return num;
            hash[num] = true;
        }
        return -1;
    }
};

剑指 Offer 04. 二维数组中的查找

数组元素处理

从右上角开始查找，若当前值大于待搜索值，向左移动一位；若当前值小于待搜索值，向下移动一位。如果最终移动到左下角时仍不等于待搜索值，则说明待搜索值不存在于矩阵中。

class Solution {
public:
    bool findNumberIn2DArray(vector<vector<int>>& matrix, int target) {
        if(matrix.empty()){
            return false;
        }
        int m = matrix.size(), n = matrix[0].size();
        int i = 0, j = n - 1;
        while(i < m && j >= 0){
            if(matrix[i][j] == target){
                return true;
            }else if(matrix[i][j] < target){
                ++i;
            }else{
                --j;
            }
        }
        return false;
    }
};

剑指 Offer 05. 替换空格

字符串原地修改

统计空格的个数，修改字符串的长度，双指针倒序遍历修改。

str.resize(int len); // 调整字符串的长度

class Solution {
public:
    string replaceSpace(string s) {
        int cnt = 0;
        int len = s.size();
        for(int i=0; i<s.size(); ++i){
            if(s[i] == ' '){
                cnt++;
            }
        }
        int new_len = len + cnt*2;
        s.resize(new_len);
        for(int i=len-1, j=new_len-1; i<j; --i, --j){
            if(s[i] == ' '){
                s[j] = '0';
                s[j - 1] = '2';
                s[j - 2] = '%';
                j -= 2;
            }else{
                s[j] = s[i];
            }
        }
        return s;
    }
};

剑指 Offer 06. 从尾到头打印链表

递归思想打印元素

使用数组保存链表中从前到后的元素，reverse数组或者直接返回一个逆序的数组。

reverse(arr.begin(), arr.end()); // 反转数组中的元素

arr.rbegin() <==> arr.end()

arr.rend() <==> arr.begin()

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * struct ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {    
public:
    vector<int> reversePrint(ListNode* head) {
        if(!head){
            return vector<int>();
        }
        vector<int> result;
        while(head){
            result.push_back(head->val);
            head = head->next;
        }
        reverse(result.begin(), result.end());
        return result;
        // return vector<int>(result.rbegin(), result.rend());
    }
};

剑指 Offer 07. 重建二叉树

前序遍历 + 中序遍历 => 后序遍历

前序遍历的形式总是:
[ 根节点, [左子树的前序遍历结果], [右子树的前序遍历结果] ]
中序遍历的形式总是:
[ [左子树的中序遍历结果], 根节点, [右子树的中序遍历结果] ]

利用递归的方法建立二叉树，利用前序遍历和中序遍历的形式特点来确定当前子树的根节点。另外用哈希表预处理中序遍历的结果加速优化，可以更快速查找数字的位置。

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
    unordered_map<int, int> index;
public:
    TreeNode* buildTree(vector<int>& preorder, vector<int>& inorder) {
        int n = preorder.size();
        // 构造哈希映射，快速定位根节点在中序遍历的位置
        for(int i=0; i<n; ++i){
            index[inorder[i]] = i;
        }
        return buildTreeHelper(preorder, inorder, 0, n-1, 0, n-1);
    }
    TreeNode* buildTreeHelper(const vector<int>& preorder, const vector<int>& inorder, int preorder_left, int preorder_right, int inorder_left, int inorder_right) {
        // 不存在子树，返回空
        if(preorder_left > preorder_right){
            return NULL;
        }
        // 根节点在前序遍历中的位置
        int preorder_root = preorder_left;
        // 根节点在中序遍历中的位置
        int inorder_root = index[preorder[preorder_root]];
        // 建立根节点
        TreeNode* root = new TreeNode(preorder[preorder_root]);
        // 左子树的节点数量
        int size_left_subtree = inorder_root - inorder_left;
        // 递归构造左子树
        // 先序遍历：[左边界+1，左边界+左子树节点数目]
        // 中序遍历：[左边界，根节点定位-1的元素]
        root->left = buildTreeHelper(preorder, inorder, preorder_left+1, preorder_left+size_left_subtree, inorder_left, inorder_root-1);
        // 递归构造右子树
        // 先序遍历：[左边界+1+左子树节点数目，右边界]
        // 中序遍历：[左边界，根节点定位-1]
        root->right = buildTreeHelper(preorder, inorder, preorder_left+size_left_subtree+1, preorder_right, inorder_root+1, inorder_right);
        
        return root;
    }
};

剑指 Offer 09. 用两个栈实现队列

栈实现队列

队列先进先出，栈先进后出，所以还需要另外一个栈来反转数组中的元素，实现先进先出。这个翻转过程既可以在插入时完成，也可以在取值时完成。

class CQueue {
    stack<int> in, out;
public:
    CQueue() {

    }
    
    void appendTail(int value) {
        in.push(value);
    }
    
    int deleteHead() {
        in2out();
        if(!out.empty()){
            int x = out.top();
            out.pop();
            return x;
        }
        return -1;
    }

    void in2out(){
        if(out.empty()){
            while(!in.empty()){
                int x = in.top();
                in.pop();
                out.push(x);
            }
        }
    }
};

/**
 * Your CQueue object will be instantiated and called as such:
 * CQueue* obj = new CQueue();
 * obj->appendTail(value);
 * int param_2 = obj->deleteHead();
 */

剑指 Offer 10- I. 斐波那契数列

斐波那契问题

动态规划思想，三个变量保存值。

class Solution {
public:
    int fib(int n) {
        if(n == 0)  return 0;
        if(n == 1)  return 1;
        int ans = 0;
        int first = 0, second = 1;
        for(int i=2; i<=n; ++i){
            ans = (first + second) % 1000000007;
            first = second;
            second = ans;
        }
        return ans;
    }
};

剑指 Offer 10- II. 青蛙跳台阶问题

斐波那契问题

青蛙一次可以跳上1级台阶或2级台阶，F(n) = F(n-1) + F(n-2)。

动态规划思想，三个变量保存值。

class Solution {
public:
    int numWays(int n) {
        if(n == 0)  return 1;
        if(n == 1)  return 1;
        int ans = 0;
        int first = 1, second = 1;
        for(int i=2; i<=n; ++i){
            ans = (first + second) % 1000000007;
            first = second;
            second = ans;
        }
        return ans;
    }
};

剑指 Offer 11. 旋转数组的最小数字

旋转数组

二分法，即使数组被旋转过，仍然可以利用这个数组的递增性，使用二分查找。

        左排序数组任一元素 >= 右排序数组任一元素，旋转点就是右排序数组的第1个元素。

        当 nums[mid] > nums[r] 时： mid 一定在左排序数组中，即旋转点 x 一定在 [mid + 1, r] 闭区间内，因此执行 l = mid + 1；
        当 nums[mid] < nums[r] 时： mid 一定在右排序数组中，即旋转点 x 一定在[l, mid] 闭区间内，因此执行 r = mid；
        当 nums[mid] = nums[r] 时：无法判断 mid 在哪个排序数组中，即无法判断旋转点 x 在 [l,mid] 还是 [mid + 1, r] 区间中。解决方案：--r，缩小判断范围，继续二分。

        为什么不用 nums[mid]和 nums[l] 作比较？

        二分目的是判断 mid 在哪个排序数组中，从而缩小区间。而在 nums[mid] > nums[l] 情况下，无法判断 mid 在哪个排序数组中。本质上是由于 r 初始值肯定在右排序数组中； l 初始值无法确定在哪个排序数组中。

        示例，当 l = 0, r = 4, mid = 2 时，有 nums[mid] > nums[l] ，而结果不同。
        [1, 2, 3, 4 ,5] 旋转点 x = 0 ： mid 在右排序数组；
        [3, 4, 5, 1 ,2] 旋转点 x = 3 ： mid 在左排序数组。

class Solution {
public:
    int minArray(vector<int>& numbers) {
        int l = 0, r = numbers.size() - 1;
        while(l < r){
            int mid = l + (r - l)/2;
            if(numbers[mid] == numbers[r]){
                // 无法判断
                --r;
            }else if(numbers[mid] < numbers[r]){
                // 向左部分二分
                r = mid;
            }else{
                // 向右部分二分
                l = mid + 1;
            }
        }
        return numbers[l];
    }
};

剑指 Offer 12. 矩阵中的路径

矩阵搜索问题

DFS + 回溯 + 剪枝

class Solution {
public:
    bool exist(vector<vector<char>>& board, string word) {
        int m = board.size(), n = board[0].size();
        for(int i=0; i<m; ++i){
            for(int j=0; j<n; ++j){
                if(dfs(board, word, i, j, 0)){
                    return true;
                }
            }
        }
        return false;
    }
    // 方向数组
    int dx[4] = {0, 1, 0, -1}, dy[4] = {1, 0, -1, 0};
    bool dfs(vector<vector<char>>& board, string word, int x, int y, int k){
        int m = board.size(), n = board[0].size();
        if(x < 0 || x >= m || y < 0 || y >= n || board[x][y] != word[k]){
            return false;
        }
        if(k == word.size() - 1){
            return true;
        }
        board[x][y] = '.'; // 标记该位置已走过
        bool res = false;
        for(int i=0; i<4; ++i){
            int nx = x + dx[i];
            int ny = y + dy[i];
            if(dfs(board, word, nx, ny, k+1)){
                return true;
            }
        }
        board[x][y] = word[k]; // 回溯
        return false;
    }
};

剑指 Offer 14- I. 剪绳子

整数拆分

1、数学推导

4 ： 2*2
5 ： 2*3
6 ： 3*3
7 ： 2*2*3 或 4*3
8 ： 2*3*3
9 ： 3*3*3
10：2*2*3*3 或 4*3*3
11：2*3*3*3
12：3*3*3*3
13：2*2*3*3*3 或 4*3*3*3

        k[0] 到 k[m] 只可能是 2 或者 3，当然也可能有 4，但是 4 = 2*2，也可以不考虑。5 < 2*3，6 < 3*3，比 6 更大的数字我们就更不用考虑了，肯定要继续拆分。

        2 的数量肯定小于 3 的数量，因为 2*2*2 < 3*3。

        由于题目规定 m > 1，所以 2 只能是 1，3 只能是2，这两个特殊情况直接返回就行了。

2、动态规划

dp[n] = max(dp[n], dp[i] * dp[n-i]);

        j <= i/2 是因为 f(5) = f(1)*f(4)，f(5) = f(2)*f(3)，f(5) = f(3)*f(2)，f(5) = f(4)*f(1) ，故遍历一半即可，必须是小于等于。

// 数论
class Solution {
public:
    int cuttingRope(int n) {
        if(n == 2 || n == 3){
            return n - 1;
        }
        int mmax = 1;
        while(n > 4){
            mmax *= 3;
            n -= 3;
        }
        mmax *= n;
        return mmax;
    }
};

// 动态规划
class Solution {
public:
    int cuttingRope(int n) {
        if(n == 2 || n == 3){
            return n - 1;
        }
        vector<int> dp(n + 1, 0);
        dp[1] = 1;
        dp[2] = 2;
        dp[3] = 3;
        // 2、3不能再拆分了，拆了会更小
        for(int i=4; i<=n; ++i){
            for(int j=1; j<=(i/2); ++j){
                dp[i] = max(dp[i], dp[j] * dp[i-j]);
            }
        }
        return dp[n];
    }
};

剑指 Offer 14- II. 剪绳子 II

整数拆分

和 I 相比，II 增大了整数 n 的范围，涉及了 “大数越界情况下的求余问题” 。

本题只能用数学推导，不能用动态规划了，动态规划的取余之后 max 函数就不能用来比大小了，比如取余后 2000000014（0）会小于 1000000020（13）。

可以将保存结果的变量设置为 long 或 long long 类型，防止溢出，也可以采用快速幂。

class Solution {
public:
    int cuttingRope(int n) {
        if(n == 2 || n == 3){
            return n - 1;
        }
        long mmax = 1;
        int mod = 1000000007;
        while(n > 4){
            mmax *= 3;
            mmax %= mod;
            n -= 3;
        }
        mmax *= n;
        mmax %= mod;
        return (int)mmax;
    }
};

剑指 Offer 15. 二进制中1的个数

二进制处理

1、bitset 类库

        bitset<位数> foo; // 无参构造，默认每一位为0

bitset<位数> foo(二进制数); // 构造函数，前面用0补充

foo.count(); //返回1的个数

        foo.size(); //返回位数

2、取余，%

        利用 % 来判断最后一位是不是2，也就是二进制中的1。

3、位运算，&1

每次 &1，如果最后一位是1，则计数+1，n 右移1位。

4、位运算，n & (n - 1)

        把一个整数减去1，再和原整数做与运算，会把该整数最右边一个1变成0，那么一个整数的二进制有多少个1，就可以进行多少次这样的操作。

class Solution {
public:
    int hammingWeight(uint32_t n) {
        return bitset<32>(n).count();
    }
};

class Solution {
public:
    int hammingWeight(uint32_t n) {
        int cnt = 0;
        while(n != 0){
            cnt += n % 2;
            n /= 2;
        }
        return cnt;
    }
};

class Solution {
public:
    int hammingWeight(uint32_t n) {
        int cnt = 0;
        while(n != 0){
            if(n&1 != 0){
                ++cnt;       
            }
            n >>= 1;
        }
        return cnt;
    }
};

class Solution {
public:
    int hammingWeight(uint32_t n) {
        int cnt = 0;
        while(n != 0){
            n = n & (n - 1);
            ++cnt;
        }
        return cnt;
    }
};

剑指 Offer 16. 数值的整数次方

快速幂算法

1、分治法

2、倍增法（基于位运算）：标准的快速幂算法

class Solution {
public:
    double myPow(double x, long long  n) {
        return n > 0? myPowHelper(x, n): 1.0 / myPowHelper(x, -n);
    }
    double myPowHelper(double x, long long n){
        if(n == 0)  return 1;
        if(n == 1)  return x;
        double tmp = myPowHelper(x, n/2);
        if(n%2 == 0){
            return tmp * tmp;
        }else{
            return tmp * tmp * x;
        }
    }
};

class Solution {
public:
    double myPow(double x, long long n) {
        return n > 0? fastPow(x, n): 1.0 / fastPow(x, -n);
    }
    double fastPow(double x, long long n){
        double ans = 1.0;
        while(n){
            if(n & 1)
                ans *= x;
            x *= x;
            n >>= 1;
        }
        return ans;
    }
};

剑指 Offer 17. 打印从1到最大的n位数

最大 n 位数

最大的 n 位数（记为 end ）和位数 n 的关系： $end = 10^{n} - 1$

如果 n 的数据很大的情况下，end 会溢出，无法正常存储，需要考虑大数越界问题。

class Solution {
public:
    vector<int> printNumbers(int n) {
        vector<int> ans;
        int end = pow(10, n) - 1;
        for(int i=1; i<=end; ++i){
            ans.push_back(i);
        }
        return ans;
    }
};

剑指 Offer 18. 删除链表的节点

链表删除节点

1、单指针：找到要删除节点的前一个节点，注意头节点就是要删除的节点的情况。

2、双指针：找到要删除节点和要删除节点的前一个节点和，注意头节点就是要删除的节点的情况。

3、单指针/双指针 + 虚拟头节点：这样就不用考虑头节点就是要删除的节点的情况了。

4、递归：找到删除的节点时返回该节点的下一个，否则返回当前节点。

5、栈或数组等数据结构：遍历链表，将值不等于 val 的节点依次压入栈中；再将链表的节点重新连接。

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * struct ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    ListNode* deleteNode(ListNode* head, int val) {
        if(head->val == val){
            return head->next;
        }
        ListNode *pre = head;
        while((pre->next != NULL) && (pre->next->val != val)){
            pre = pre->next;
        }
        if(pre->next != NULL){
            pre->next = pre->next->next;
        }
        return head;
    }
};

class Solution {
public:
    ListNode* deleteNode(ListNode* head, int val) {
        if(head->val == val){
            return head->next;
        }
        ListNode *pre = head;
        ListNode *cur = head;
        while((cur != NULL) && (cur->val != val)){
            pre = cur;
            cur = cur->next;
        }
        if(cur != NULL){
            pre->next = cur->next;
        }
        return head;
    }
};

class Solution {
public:
    ListNode* deleteNode(ListNode* head, int val) {
        ListNode *dummy = new ListNode(0, head);
        ListNode *pre = dummy;
        while((pre->next != NULL) && (pre->next->val != val)){
            pre = pre->next;
        }
        if(pre->next != NULL){
            pre->next = pre->next->next;
        }
        return dummy->next;
    }
};

class Solution {
public:
    ListNode* deleteNode(ListNode* head, int val) {
        if(head == NULL){
            return head;
        }
        head->next = deleteNode(head->next, val);
        return head->val == val? head->next: head; 
    }
};

剑指 Offer 19. 正则表达式匹配

字符串编辑

动态规划

二维数组 dp[i][j] 表示：s[0] ~ s[i - 1] 和 p[0] ~ p [j - 1]是否匹配。根据字符、星号，点号，分情况讨论来更新 dp 数组。

class Solution {
public:
    bool isMatch(string s, string p) {
        int m = s.size(), n = p.size();
        vector<vector<bool>> dp(m + 1, vector<bool>(n + 1, false));
        // 初始化 空串情况
        dp[0][0] = true;
        // 初始化第一行，如果有*，考虑匹配结果
        for(int j=1; j<n+1; ++j){
            // 按题意p第一个字符不可能为*，所以不会越界
            if(p[j-1] == '*'){
                dp[0][j] = dp[0][j-2];
            }
        }
        for(int i=1; i<m+1; ++i){
            for(int j=1; j<n+1; ++j){
                if(s[i-1] == p[j-1] || p[j-1] == '.'){
                    dp[i][j] = dp[i-1][j-1];
                }else if(s[i-1] != p[j-1] && p[j-1] != '*' && p[j-1] != '.'){
                    dp[i][j] = false;
                }else if(p[j-1] == '*'){
                    if(s[i-1] == p[j-2] || p[j-2] == '.'){
                        dp[i][j] = dp[i-1][j] || dp[i][j-2];
                    } else{
                        dp[i][j] = dp[i][j-2];
                    }
                }
            }
        }
        return dp[m][n];
    }
};

剑指 Offer 20. 表示数值的字符串

字符串编辑

1、模拟：根据题目要求，模拟字符串是数值的条件

2、确定有限状态自动机（DFA）

3、正则表达式

class Solution {
public:
    bool isNumber(string s) {
        if(s.size() == 0){
            return false;
        }
        int index = 0;
        // 空格遍历下一个
        while(s[index] == ' '){
            ++index;
        }
        bool numeric = scanInteger(s, index);
        // 判断小数部分：.123 或 123. 或 123.456
        if(s[index] == '.'){
            ++index;
            numeric = scanUnsignedInteger(s, index) || numeric;
            // 注意不能是 numeric = numeric || scanUnsignedInteger(s, index);
            // 因为如果 numeric == true，就不会扫描.后面的部分，也就不会改变index的值了
        }
        // 判断指数部分：1e5 或 1e+5
        if(s[index] == 'e' || s[index] == 'E'){
            ++index;
            numeric = scanInteger(s, index) && numeric;
        }
        // 空格遍历下一个
        while(s[index] == ' '){
            ++index;
        }
        return numeric && index == s.size();
    }
    // 判断是否是整数：[+|-]A
    bool scanInteger(const string s, int& index){   
        if(s[index] == '+' || s[index] == '-'){
            ++index;
        }
        return scanUnsignedInteger(s, index);
    }
    // 判断是否是无符号整数：A
    bool scanUnsignedInteger(const string s, int& index){
        int temp = index;
        while(index != s.size() && s[index] >= '0' && s[index] <= '9'){
            ++index;
        }
        return index > temp;
    }
};

剑指 Offer 21. 调整数组顺序使奇数位于偶数前面

数组元素修改

1、单指针 + 两次遍历

2、首尾双指针 + 一次遍历

3、原地交换 + 一次遍历

定义 i，j 首尾双指针，i 从左侧往右开始遍历，如果遇到的是奇数，就表示这个元素已经调整完成了，继续从左往右遍历，直到遇到一个偶数。j 从右侧往左开始遍历，如果遇到的是偶数，就表示这个元素已经调整完成了，继续从右往左遍历，直到遇到一个奇数。交换这个偶数和奇数的位置，并且重复两边的遍历，直到在中间相遇。

class Solution {
public:
    vector<int> exchange(vector<int>& nums) {
        vector<int> ans;
        for(auto num: nums){
            if(num % 2 != 0){
                ans.push_back(num);
            }
        }
        for(auto num: nums){
            if(num % 2 == 0){
                ans.push_back(num);
            }
        }
        return ans;
    }
};

class Solution {
public:
    vector<int> exchange(vector<int>& nums) {
        int n = nums.size();
        vector<int> ans(n, 0);
        int i = 0, j = n - 1;
        for(auto num: nums){
            if(num % 2 != 0){
                ans[i++] = num;
            }else{
                ans[j--] = num;
            }
        }
        return ans;
    }
};

class Solution {
public:
    vector<int> exchange(vector<int>& nums) {
        int n = nums.size();
        int i = 0, j = n - 1;
        while(i < j){
            while(i < j && nums[i]%2 == 1){
                ++i;
            }
            while(i < j && nums[j]%2 == 0){
                --j;
            }
            if(i < j){
                swap(nums[i], nums[j]);
            }
        }
        return nums;
    }
};

剑指 Offer 22. 链表中倒数第k个节点

链表遍历

1、遍历，记录链表元素个数

2、快慢指针，快指针先走 k 步，再和慢指针一起走，一起走时，两个指针共走了全部的元素。

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * struct ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    ListNode* getKthFromEnd(ListNode* head, int k) {
        int cnt = 0;
        ListNode *node = head;
        while(node != NULL){
            ++cnt;
            node = node->next;
        }
        cnt = cnt - k;
        while(cnt--){
            head = head->next;
        }
        return head;
    }
};

class Solution {
public:
    ListNode* getKthFromEnd(ListNode* head, int k) {
        ListNode *fast = head;
        ListNode *slow = head;
        while(fast != NULL && k > 0){
            fast = fast->next;
            --k;
        }
        while(fast != NULL){
            fast = fast->next;
            slow = slow->next;
        }
        return slow;
    }
};

剑指 Offer 24. 反转链表

链表反转

1、三个变量迭代（头插法）：链表指针转向，变量指针移动

2、递归

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * struct ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    ListNode* reverseList(ListNode* head) {
        ListNode *prev = NULL, *next = NULL;
        while(head != NULL){
            next = head->next;
            head->next = prev;
            prev = head;
            head = next;
        }
        return prev;
    }
};

class Solution {
public:
    ListNode* reverseList(ListNode* head, ListNode* prev = nullptr) {
        if(!head){
            return prev;
        }
        ListNode* next = head->next;
        head->next = prev;
        return reverseList(next, head);
    }   
};

剑指 Offer 25. 合并两个排序的链表

合并链表

遍历两个链表，元素比较，将小的元素添加到新的链表中，直到其中一个链表遍历到末尾，将另一个链表的剩余部分添加到新链表中。

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * struct ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode *next;
 *     ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    ListNode* mergeTwoLists(ListNode* l1, ListNode* l2) {
        ListNode* dummy = new ListNode(0);
        ListNode* node = dummy;
        while(l1 && l2){
            if(l1->val > l2->val){
                node->next = l2;
                l2 = l2->next;
            }else{
                node->next = l1;
                l1 = l1->next;
            }
            node = node->next;
        }
        node->next = l1? l1: l2;
        return dummy->next;
    }
};

剑指 Offer 26. 树的子结构

树的子结构

递归

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    bool isSubStructure(TreeNode* A, TreeNode* B) {
        if(A == NULL || B == NULL){
            return false;
        }
        // 当前节点开始比较 或 左子树 或 右子树
        return isSubStructureHelper(A, B) || isSubStructure(A->left, B) || isSubStructure(A->right, B);
    }

    bool isSubStructureHelper(TreeNode* A, TreeNode* B) {
        if(B == NULL)   return true;
        if(A == NULL)   return false;
        // 当前节点相同继续比较左子树和右子树
        if(A->val == B->val){
            return isSubStructureHelper(A->left, B->left) && isSubStructureHelper(A->right, B->right);
        }else{
            return false;
        }
    }
};

剑指 Offer 27. 二叉树的镜像

翻转二叉树

1、递归：交换左右子树的元素

2、借助队列或者栈：类似于层序遍历

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    TreeNode* mirrorTree(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return NULL;
        }
        swap(root->left, root->right);
        mirrorTree(root->left);
        mirrorTree(root->right);
        return root;
    }
};

class Solution {
public:
    TreeNode* mirrorTree(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return NULL;
        }
        queue<TreeNode*> q;
        q.push(root);
        while(!q.empty()){
            TreeNode* node = q.front();
            q.pop();
            if(node){
                q.push(node->left);
                q.push(node->right);
                swap(node->left, node->right);
            }
        }
        return root;
    }
};

class Solution {
public:
    TreeNode* mirrorTree(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return NULL;
        }
        stack<TreeNode*> s;
        s.push(root);
        while(!s.empty()){
            TreeNode* node = s.top();
            s.pop();
            if(node){
                s.push(node->left);
                s.push(node->right);
                swap(node->left, node->right);
            }
        }
        return root;
    }
};

剑指 Offer 28. 对称的二叉树

对称二叉树

1、递归：左的右 == 右的左

2、借助队列或者栈：类似于层序遍历

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    bool isSymmetric(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return true;
        }
        return isSymmetricHelper(root->left, root->right);
    }

    bool isSymmetricHelper(TreeNode* l, TreeNode* r) {
        if(l == NULL && r == NULL){
            return true;
        }
        if(l == NULL || r == NULL || l->val != r->val){
            return false;
        }
        return isSymmetricHelper(l->left, r->right) && isSymmetricHelper(l->right, r->left);
    }
};

class Solution {
public:
    bool isSymmetric(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return true;
        }
        return isSymmetricHelper(root->left, root->right);
    }

    bool isSymmetricHelper(TreeNode* l, TreeNode* r) {
        queue<TreeNode*> q;
        q.push(l); q.push(r);
        while(!q.empty()){
            TreeNode* node1 = q.front(); q.pop();
            TreeNode* node2 = q.front(); q.pop();
            if(node1 == NULL && node2 == NULL){
                continue;
            }
            if(node1 == NULL || node2 == NULL){
                return false;
            }
            if(node1->val != node2->val){
                return false;
            }
            q.push(node1->left);  q.push(node2->right);
            q.push(node1->right); q.push(node2->left);
        }
        return true;
    }
};

剑指 Offer 29. 顺时针打印矩阵

矩阵遍历

模拟：根据题意，定义四个指针变量，不断移动移动，将矩阵元素顺时针添加到新数组中。

class Solution {
public:
    vector<int> spiralOrder(vector<vector<int>>& matrix) {
        if(matrix.size() == 0){
            return vector<int>();
        }
        int m = matrix.size(), n = matrix[0].size();
        vector<int> ans;
        int left = 0, right = n - 1;
        int top = 0, bottom = m - 1;
        while(left <= right && top <= bottom){
            // 向右
            for(int j=left; j<=right; ++j){
                ans.push_back(matrix[top][j]);
            }
            if(++top > bottom)  break;
            // 向下
            for(int i=top; i<=bottom; ++i){
                ans.push_back(matrix[i][right]);
            }
            // 向左
            if(--right < left)  break;
            for(int j=right; j>=left; --j){
                ans.push_back(matrix[bottom][j]);
            }
            // 向上
            if(--bottom < top)  break;
            for(int i=bottom; i>=top; --i){
                ans.push_back(matrix[i][left]);
            }
            if(++left > right)  break;
        }
        return ans;
    }
};

剑指 Offer 30. 包含min函数的栈

最小栈

1、辅助栈：栈顶表示当前原栈里所有值的最小值

2、不使用额外栈：每次添加元素时，压入最小值和压入新元素，栈顶下一个元素表示最小值。

class MinStack {
public:
    /** initialize your data structure here. */
    stack<int> s, min_s;

    MinStack() {
        //min_s.push(INT_MAX);
    }
    
    void push(int x) {
        s.push(x);
        if(min_s.empty() || min_s.top() >= x){
            min_s.push(x);
        }
    }
    
    void pop() {
        if(!min_s.empty() && min_s.top() == s.top()){
            min_s.pop();
        }
        s.pop();
    }
    
    int top() {
        return s.top();
    }
    
    int min() {
        return min_s.top();
    }
};

/**
 * Your MinStack object will be instantiated and called as such:
 * MinStack* obj = new MinStack();
 * obj->push(x);
 * obj->pop();
 * int param_3 = obj->top();
 * int param_4 = obj->min();
 */

class MinStack {
public:
    /** initialize your data structure here. */
    stack<int> s;
    int minNum = INT_MAX;

    MinStack() {
        
    }
    
    void push(int x) {
        minNum = std::min(minNum, x);
        s.push(minNum);
        s.push(x);
    }
    
    void pop() {
        s.pop();
        s.pop();
        if(!s.empty()){
            int tmp = s.top();
            s.pop();
            minNum = s.top();
            s.push(tmp);
        }else{ // 注意要恢复初始值
            minNum = INT_MAX;
        }
    }
    
    int top() {
        return s.top();
    }
    
    int min() {
        return minNum;
    }
};

剑指 Offer 31. 栈的压入、弹出序列

验证栈序列

辅助栈：将压入序列中的元素压入新栈中，当元素和弹出序列中的元素相同时开始出栈，index++，最终栈为空则证明栈序列正确。

class Solution {
public:
    bool validateStackSequences(vector<int>& pushed, vector<int>& popped) {
        if(pushed.size() != popped.size()){
            return false;
        }
        if(pushed.size() == 0 && popped.size() == 0){
            return true;
        }
        int len = pushed.size();
        stack<int> s;
        int popIndex = 0;
        for(int i=0; i<len; ++i){
            s.push(pushed[i]);
            while(!s.empty() && popIndex < len && s.top() == popped[popIndex]){
                ++popIndex;
                s.pop();
            }
        }
        return s.empty();
    }
};

剑指 Offer 32 - I. 从上到下打印二叉树

层序遍历

最基础的层序遍历，借助队列即可。

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    vector<int> levelOrder(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return vector<int>();
        }
        vector<int> ans;

        queue<TreeNode*> q;
        q.push(root);
        while(!q.empty()){
            root = q.front();
            q.pop();
            ans.push_back(root->val);
            if(root->left){
                q.push(root->left);
            }
            if(root->right){
                q.push(root->right);
            }
        }
        return ans;
    }
};

剑指 Offer 32 - II. 从上到下打印二叉树 II

层序遍历——按层打印

与 I 相比，II 要求按层打印，也就是将每一层的元素分别保存到一维数组中。

方法1：利用队列的.size()，来确定每一层元素的个数。

ret.push_back(vector <int> ()); 在结果数组（ret, 二维）中添加一个新的数组（一维，空）用于保存每一层的节点。

ret.back().push_back(node->val); 获取结果数组（ret, 二维）中最后一个数组（一维，保存当前层节点的数组），并在该数组中添加节点。

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    vector<vector<int>> levelOrder(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return vector<vector<int>>();
        }
        vector<vector<int>> ans;

        queue<TreeNode*> q;
        q.push(root);
        while(!q.empty()){
            int cnt = q.size();
            ans.push_back(vector<int>());
            for(int i=0; i<cnt; ++i){
                TreeNode* node = q.front();
                q.pop();
                ans.back().push_back(node->val);
                if(node->left){
                    q.push(node->left);
                }
                if(node->right){
                    q.push(node->right);
                }
            }
        }
        return ans;
    }
};

剑指 Offer 32 - III. 从上到下打印二叉树 III

层序遍历——Z型打印

与 II 相比，III 要求按照 Z型/锯齿型打印，在选择每一层从左向右还是从右向左时，定义一个变量 isOrderLeft 来保证隔行打印方向是一样的，使用双端队列 deque 更加方便的添加元素，最终再加入到 ans 结果数组中。

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    vector<vector<int>> levelOrder(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return vector<vector<int>>();
        }
        vector<vector<int>> ans;
        
        queue<TreeNode*> q;
        q.push(root);
        bool isOrderLeft = true;
        while(!q.empty()){
            int cnt = q.size();
            deque<int> levelList;
            for(int i=0; i<cnt; ++i){
                TreeNode* node = q.front();
                q.pop();
                if(isOrderLeft){
                    levelList.push_back(node->val);
                }else{
                    levelList.push_front(node->val);
                }
                if(node->left){
                    q.push(node->left);
                }
                if(node->right){
                    q.push(node->right);
                }
            }
            ans.emplace_back(levelList.begin(), levelList.end());
            isOrderLeft = !isOrderLeft;
        }
        return ans;
    }
};

剑指 Offer 33. 二叉搜索树的后序遍历序列

验证后序遍历

递归

后序遍历最后一个元素就是根，由于是题目是二叉搜索树，找到第一个大于根的元素，这个元素前面是左子树，均小于根，后面是右子树，均大于根。判断是否符合上述要求，如果符合递归的验证左右子树部分。

class Solution {
public:
    bool verifyPostorder(vector<int>& postorder) {
        if(postorder.empty() || postorder.size() == 1){
            return true;
        }
        return verifyPostorderHelper(postorder, 0, postorder.size()-1);
    }

    bool verifyPostorderHelper(vector<int>& postorder, int low, int high) {
        if(low >= high){
            return true;
        }
        int start = low;
        while(start < high && postorder[start] < postorder[high]){
            ++start;
        }
        for(int i=start; i<high; ++i){
            if(postorder[i] <= postorder[high]){
                return false;
            }
        }
        return verifyPostorderHelper(postorder, low, start-1) && verifyPostorderHelper(postorder, start, high-1);
    }
};

剑指 Offer 34. 二叉树中和为某一值的路径

路径总和

递归、回溯

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode() : val(0), left(nullptr), right(nullptr) {}
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}
 *     TreeNode(int x, TreeNode *left, TreeNode *right) : val(x), left(left), right(right) {}
 * };
 */
class Solution {
public:
    vector<vector<int>> res;
    vector<int> path;

    vector<vector<int>> pathSum(TreeNode* root, int target) {
        pathSumHelper(root, target);
        return res;
    }

    void pathSumHelper(TreeNode* root, int tar) {
        if(root == nullptr){
            return;
        }
        path.push_back(root->val);
        tar -= root->val;
        if(tar == 0 && root->left == nullptr && root->right == nullptr){
            res.push_back(path);
        }
        pathSumHelper(root->left, tar);
        pathSumHelper(root->right, tar);
        path.pop_back(); // 回溯：说明当前节点不满足要求，pop掉，返回其父亲节点
    }
};

剑指 Offer 35. 复杂链表的复制

复制带随机指针的链表

        深拷贝

        1、哈希表 + 回溯 O(n)、O(n)

        哈希表记录每一个节点对应新节点的创建情况。遍历该链表的过程中，检查「当前节点的后继节点」和「当前节点的随机指针指向的节点」的创建情况。

        如果这两个节点中的任何一个节点的新节点没有被创建，我们都立刻递归地进行创建。当我们拷贝完成，回溯到当前层时，我们即可完成当前节点的指针赋值。注意一个节点可能被多个其他节点指向，因此我们可能递归地多次尝试拷贝某个节点，为了防止重复拷贝，我们需要首先检查当前节点是否被拷贝过，如果已经拷贝过，我们可以直接从哈希表中取出拷贝后的节点的指针并返回即可。

2、迭代：新节点插入再拆分 O(n)、O(1)

        把复制的节点插到原结点后面，复杂指针的指向去原结点找，复制节点的随机指针指向原节点的随机指针的下一个。

class Solution {
public:
    unordered_map<Node*, Node*> cachedNode;
    Node* copyRandomList(Node* head) {
        if(head == NULL){
            return NULL;
        }
        if(!cachedNode.count(head)){ // 当前节点未拷贝
            Node* newNode = new Node(head->val);
            cachedNode[head] = newNode;
            newNode->next = copyRandomList(head->next);
            newNode->random = copyRandomList(head->random);
        }
        return cachedNode[head];
    }
};

class Solution {
public:
    Node* copyRandomList(Node* head) {
        if(head == NULL){
            return NULL;
        }
        // 将拷贝节点放到原节点后面，例如1->2->3变成了1->1'->2->2'->3->3'
        for(Node* node = head; node != NULL; node = node->next->next){
            Node* newNode = new Node(node->val);
            newNode->next = node->next;
            node->next = newNode;
        }
        // 处理拷贝节点的random指针
        for(Node* node = head; node != NULL; node = node->next->next){
            Node* newNode = node->next;
            if(node->random == NULL){
                newNode->random = NULL;
            }else{
                // 注意是指向拷贝节点，不是源节点的node->random，否则拆分时会出现问题
                newNode->random = node->random->next;
            }
        }
        // 拆分拷贝节点和原节点，变成1->2->3和1'->2'->3'两个链表
        Node* newHead = head->next;
        for(Node* node = head; node != NULL; node = node->next){
            Node* newNode = node->next;
            node->next = node->next->next;
            if(newNode->next == NULL){
                newNode->next = NULL;
            }else{
                newNode->next = newNode->next->next;
            }
        }
        return newHead;
    }
};

剑指 Offer 36. 二叉搜索树与双向链表

二叉搜索树与双向链表

中序遍历、递归

中序遍历的结果就是链表元素的顺序，设置头节点、前驱节点和当前节点，连接节点。

/*
// Definition for a Node.
class Node {
public:
    int val;
    Node* left;
    Node* right;

    Node() {}

    Node(int _val) {
        val = _val;
        left = NULL;
        right = NULL;
    }

    Node(int _val, Node* _left, Node* _right) {
        val = _val;
        left = _left;
        right = _right;
    }
};
*/
class Solution {
public:
    Node *head = NULL;
    Node *pre = NULL;
    Node* treeToDoublyList(Node* root) {
        if(root == NULL)    return NULL;
        dfs(root);
        // 首位连接
        head->left = pre;
        pre->right = head;

        return head;
    }

    void dfs(Node* cur){
        if(cur == NULL) return;
        // 左 根 右
        dfs(cur->left);
        if(pre == NULL){ // 当前节点是第一个节点
            head = cur;
            pre = cur;
        }else{
            cur->left = pre;
            pre->right = cur;
            pre = cur;
        }
        dfs(cur->right);
    }
};

剑指 Offer 37. 序列化二叉树

二叉树序列化与反序列化

加密与解密

1、bfs，层序遍历

2、dfs，前序遍历

可以使用 istringstream(string str) 来读取字符。

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * struct TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode *left;
 *     TreeNode *right;
 *     TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
 * };
 */
class Codec {
public:
    // Encodes a tree to a single string.
    string serialize(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return "";
        }
        string data;
        queue<TreeNode*> q;
        q.push(root);
        while (!q.empty()) {
            TreeNode* node = q.front();
            q.pop();
            // null用#表示，元素间用空格分隔
            if (node) {
                data += to_string(node->val) + ' ';
                q.push(node->left);
                q.push(node->right);
            } else {
                data += "# ";
            }
        }
        // 删除最后一个空格
        if (!data.empty()){
            data.pop_back();
        }

        return data;
    }

    // Decodes your encoded data to tree.
    TreeNode* deserialize(string data) {
        if(data.empty()){
            return NULL;
        }
        vector<TreeNode*> nodes; // 保存节点
        for(int i=0; i<data.size(); ++i){
            if(data[i] == ' ')   continue;
            if(data[i] == '#'){
                nodes.push_back(NULL);
                continue;
            }
            // 找到以空格分隔的子串转换为int元素
            int begin = i, end = i;
            while(data[end] != ' '){
                ++end;
            }
            string sub = data.substr(begin, end-begin);
            nodes.push_back(new TreeNode(atoi(sub.c_str())));
            i = end;
        }
        // 将节点连接，返回头节点即可
        int pos = 1;
        for(int i=0; i<nodes.size(); ++i){
            if(nodes[i] == NULL){
                continue;
            }else{
                nodes[i]->left = nodes[pos++];
                nodes[i]->right = nodes[pos++];
            }
        }
        
        return nodes[0];
    }
};

// Your Codec object will be instantiated and called as such:
// Codec codec;
// codec.deserialize(codec.serialize(root));

class Codec {
public:
    // Encodes a tree to a single string.
    string serialize(TreeNode* root) {
        if(root == NULL){
            return "#";
        }
        return to_string(root->val) + " " + serialize(root->left) + " " + serialize(root->right);
    }

    // Decodes your encoded data to tree.
    TreeNode* deserialize(string data) {
        istringstream temp(data);
        return des(temp);
    }

    TreeNode *des(istringstream& ss){
        string sub;
        ss >> sub;
        if(sub == "#"){
            return NULL;
        }
        TreeNode* node = new TreeNode(stoi(sub));
        node->left = des(ss);
        node->right = des(ss);
        return node;
    }
};

剑指 Offer 38. 字符串的排列

全排列

1、next_permutation()

C++ 的 STL 提供求「下一个」排列组合的函数 next_permutation()

函数 next_permutation() 的定义有两种形式：
bool next_permutation (BidirectionalIterator first, BidirectionalIterator last);
bool next_permutation (BidirectionalIterator first, BidirectionalIterator last, Compare comp);
返回值：如果没有下一个排列组合，返回 false，否则返回 true。每执行 next_permutation() 一次，会把新的排列放到原来的空间里。
注意：它排列的范围是 [first,last)，包括 first，不包括 last。
补充：next_permutation() 是从当前的全排列开始，逐个输出更大的全排列，而不是输出所有的全排列。如果要得到所有的全排列，先使用 sort 排序，得到最小排列后，然后再使用 next_permutation() 就可以了。

2、自写全排列函数：dfs + 回溯 + 去重

class Solution {
public:
    vector<string> permutation(string s) {
        vector<string> res;
        sort(s.begin(), s.end());
        do{
            res.push_back(s);
        }while(next_permutation(s.begin(), s.end()));

        return res;
    }
};

class Solution {
public:
    vector<string> res;
    vector<string> permutation(string s) {
        dfs(s, 0, s.size()-1);
        return res;
    }

    set<string> st; // set去重
    void dfs(string& str, int s, int t){ // 从第s个数开始到第t个结束的全排列
        if(s == t){ // 递归结束，产生一个全排列
            if(st.find(str) == st.end()){
                st.insert(str);
                res.push_back(str);
            }
            return;
        }
        for(int i=s; i<=t; ++i){
            swap(str[s], str[i]); // 把当前第1个数与后面所有数交换位置
            dfs(str, s+1, t);
            swap(str[s], str[i]); // 恢复，用于下一次交换
        }
    }
};

class Solution {
public:
    vector<string> res;
    vector<string> permutation(string s) {
        if(s.size() == 0){
            return vector<string>();
        }
        dfs(s, 0, s.size()-1);
        sort(res.begin(), res.end());
        return res;
    }

    void dfs(string& str, int s, int t){
        if(s == t){
            res.push_back(str);
            return;
        }
        unordered_map<int, bool> vis;
        // set<int> st;
        for(int i=s; i<=t; ++i){
            if(vis[str[i]] == true){
                continue;
            }
            // if(st.find(str[i]) != st.end()){
            //     continue;
            // }
            vis[str[i]] = true;
            // st.insert(str[i]);
            swap(str[s], str[i]);
            dfs(str, s+1, t);
            swap(str[s], str[i]);            
        }
    }
};

剑指 Offer 39. 数组中出现次数超过一半的数字

多数元素

1、排序  O(nlogn)、O(logn)

        如果将数组 nums 中的所有元素按照单调的顺序排序，那么下标为 n/2 的元素（下标从 0 开始）一定是众数。

        2、哈希表 O(n)、O(n)

        遍历数组 nums ，用 HashMap 统计各数字的数量，即可找出众数。

3、摩尔投票法（Boyer-Moore）  O(n)、O(1)

        摩尔投票法，核心理念为 票数正负抵消，成立前提就是有出现超过一半的元素。

        设输入数组 nums 的众数为 x ，数组长度为 n 。

        推论一：若记众数的票数为 +1 ，非众数的票数为 -1 ，则一定有所有数字的票数和 > 0 。

        推论二：若数组的前 a 个数字的票数和 = 0，则数组剩余 (n-a) 个数字的票数和一定仍 >0 ，即后 (n-a) 个数字的众数仍为 x 。

        根据以上推论，记数组首个元素为 n1，众数为 x ，遍历并统计票数。当发生票数和 = 0 时，剩余数组的众数一定不变，这是由于：

        当 n1 = x ：抵消的所有数字中，有一半是众数 x 。
        当 n1 != x：抵消的所有数字中，众数 x 的数量最少为 0 个，最多为一半。
        利用此特性，每轮假设发生票数和 = 0 都可以缩小剩余数组区间。当遍历完成时，最后一轮假设的数字即为众数。

class Solution {
public:
    int majorityElement(vector<int>& nums) {
        sort(nums.begin(), nums.end());
        return nums[nums.size() / 2];
    }
};

class Solution {
public:
    int majorityElement(vector<int>& nums) {
        unordered_map<int, int> hash;
        for(int i=0; i<nums.size(); ++i){
            hash[nums[i]]++;
            if(hash[nums[i]] > nums.size()/2){
                return nums[i];
            }
        }
        return 0;
    }
};

class Solution {
public:
    int majorityElement(vector<int>& nums) {
        int votes = 0, x = 0;
        for(int num: nums){
            if(votes == 0){
                x = num;
            }
            votes += num == x? 1: -1;
        }
        // 验证x是否为众数
        int cnt = 0;
        for(int num: nums){
            if(num == x){
                cnt++;
            }
        }
        return cnt > nums.size()/2? x: 0;
    }
};

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http://www.kler.cn/a/2151.html